已知函数f(x)=2x+alnx,

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  • 解题思路:(Ⅰ)由已知得

    f

    (x)=2+

    a

    x

    ,k=f′(1)=2+a=3,由此能求出a=1.

    (Ⅱ)由已知得2x+alnx≤(a+3)x-[1/2

    x

    2

    ,a(x-lnx)≥

    1

    2

    x

    2

    −x

    ,从而a≥

    1

    2

    x

    2

    −x

    x−lnx],设g(x)=

    1

    2

    x

    2

    −x

    x−lnx

    ,x∈[1,e],

    由此利用导数性质能求出a≥-[1/2].

    (Ⅰ)∵f(x)=2x+alnx,

    ∴x>0,f(1)=2,

    f′(x)=2+

    a

    x,

    ∵f(x)在(1,f(1))的切线为y=3x-1,

    ∴k=f′(1)=2+a=3,

    解得a=1.

    (Ⅱ)∵存在x∈[1,e],使不等式f(x)≤(a+3)x-[1/2]x2成立,

    ∴2x+alnx≤(a+3)x-[1/2x2,

    ∴a(x-lnx)≥

    1

    2x2−x,

    ∵x∈[1,e],∴lnx≤1≤x,

    且等号不能同时取到,∴lnx<x,即x-lnx>0,

    ∴a≥

    1

    2x2−x

    x−lnx],设g(x)=

    1

    2x2−x

    x−lnx,x∈[1,e],

    ∵g′(x)=

    (x−1)(x−lnx)−(1−

    1

    x)(

    1

    2x2−x)

    (x−lnx)2

    =

    (x−1)(

    1

    2x+1−lnx)

    (x−lnx)2,

    当x∈(1,e)时,x-1>0,lnx<1,

    ∴[1/2x+1−lnx>0,

    ∴g′(x)>0,又∵g(x)在x=1和x=e处连续,

    ∴g(x)在x∈[1,e]时为增函数,因而g(x)≥g(1)=-

    1

    2],

    ∴a≥-[1/2].…(12分)

    点评:

    本题考点: 利用导数求闭区间上函数的最值;利用导数研究曲线上某点切线方程.

    考点点评: 本题重点考查利用导数研究函数的性质,利用函数的性质解决不等式、方程问题.重点考查学生的代数推理论证能力.解题时要认真审题,注意导数性质的合理运用.

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