解题思路：（1）讨论满足f′（x）=0的点附近的导数的符号的变化情况，来确定极值，将f（x）的各极值与其端点的函数值比较，其中最小的一个就是最小值；
（2）将曲线y=g（x）在点x=x0处的切线与y轴垂直转化成方程g'（x0）=0有实数解，只需研究导函数的最小值即可．
（1）∵f(x)＝
a
x+lnx−1，
∴f′(x)＝−
a
x2+
1
x＝
x−a
x2
令f'（x）=0，得x=a．
①若a≤0，则f'（x）＞0，f（x）在区间（0，e]上单调递增，此时函数f（x）无最小值．
②若0＜a＜e，当x∈（0，a）时，f'（x）＜0，函数f（x）在区间（0，a）上单调递减，
当x∈（a，e]时，f'（x）＞0，函数f（x）在区间（a，e]上单调递增，
所以当x=a时，函数f（x）取得最小值lna
③若a≥e，则f'（x）≤0，函数f（x）在区间（0，e]上单调递减，
所以当x=e时，函数f（x）取得最小值[a/e]．
．综上可知，当a≤0时，函数f（x）在区间（0，e]上无最小值；
当0＜a＜e时，函数f（x）在区间（0，e]上的最小值为lna；
当a≥e时，函数f（x）在区间（0，e]上的最小值为[a/e]．
（2）∵g（x）=（lnx-1）ex+x，x∈（0，e]，
∴g'（x）=（lnx-1）′ex+（lnx-1）（ex）′+1=
ex
x+(lnx−1)ex+1＝(
1
x+lnx−1)ex+1．
由（1）可知，当a=1时，f(x)＝
1
x+lnx−1．
此时f（x）在区间（0，e]上的最小值为ln1=0，即
1
x+lnx−1≥0．（10分）
当x0∈（0，e]，ex0＞0，
1
x0+lnx0−1≥0，
∴g′(x0)＝(
1
x0+lnx0−1)ex0+1≥1＞0．
曲线y=g（x）在点x=x0处的切线与y轴垂直等价于方程g'（x0）=0有实数解．（13分）
而g'（x0）＞0，即方程g'（x0）=0无实数解．、故不存在x0∈（0，e]，使曲线y=g（x）在点x=x0处的切线与y轴垂直．
点评：
本题考点： 利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究曲线上某点切线方程．
考点点评： 本题主要考查了利用导数求闭区间上函数的最值，以及利用导数研究曲线上某点切线方程，属于中档题．