（1）∵点A（﹣1，0）在抛物线y=﹣（x﹣1） 2+c上，
∴0=﹣（﹣1﹣1） 2+c，解得c=4。
∴抛物线解析式为：y=﹣（x﹣1） 2+4。
令x=0，得y=3，∴C（0，3）；
令y=0，得x=﹣1或x=3，∴B（3，0）。
（2）△CDB为直角三角形。理由如下：
由抛物线解析式，得顶点D的坐标为（1，4）。
如答图1所示，过点D作DM⊥x轴于点M，
则OM=1，DM=4，BM=OB﹣OM=2。
过点C作CN⊥DM于点N，
则CN=1，DN=DM﹣MN=DM﹣OC=1。
在Rt△OBC中，由勾股定理得：
；
在Rt△CND中，由勾股定理得：
；
在Rt△BMD中，由勾股定理得：
。
∵BC 2+CD 2=BD 2，∴根据勾股定理的逆定理，得△CDB为直角三角形。
（3）设直线BC的解析式为y=kx+b，
∵B（3，0），C（0，3），∴
，解得
。
∴直线BC的解析式为y=﹣x+3。
∵直线QE是直线BC向右平移t个单位得到，
∴直线QE的解析式为：y=﹣（x﹣t）+3=﹣x+3+t。
设直线BD的解析式为y=mx+m，
∵B（3，0），D（1，4），∴
，解得：
。
∴直线BD的解析式为y=﹣2x+6。
连接CQ并延长，射线CQ交BD于点G，则G（
，3）。
在△COB向右平移的过程中：
①当0＜t≤
时，如答图2所示：
设PQ与BC交于点K，可得QK=CQ=t，PB=PK=3﹣t．
设QE与BD的交点为F，
则：
，解得
，∴F（3﹣t，2t）。
∴S=S △ QPE﹣S △ PBK﹣S △ FBE
=
PE•PQ﹣
PB•PK﹣
BE•y F
=
×3×3﹣
（3﹣t）2﹣
t•2t=
。
②当
＜t＜3时，如答图3所示，
设PQ分别与BC、BD交于点K、点J，
∵CQ=t，∴KQ=t，PK=PB=3﹣t。
直线BD解析式为y=﹣2x+6，令x=t，得y=6﹣2t。∴J（t，6﹣2t）。
∴S=S △ PBJ﹣S △ PBK=
PB•PJ﹣
PB•PK=
（3﹣t）（6﹣2t）﹣
（3﹣t） 2=
t 2﹣3t+
。
综上所述，S与t的函数关系式为：S=
。
试题分析：（1）首先用待定系数法求出抛物线的解析式，然后进一步确定点B，C的坐标。
（2）分别求出△CDB三边的长度，利用勾股定理的逆定理判定△CDB为直角三角形。
（3）△COB沿x轴向右平移过程中，分两个阶段：
①当0＜t≤
时，如答图2所示，此时重叠部分为一个四边形；
②当
＜t＜3时，如答图3所示，此时重叠部分为一个三角形。