已知函数f(x)=(x+1)ekx,(k为常数,k≠0).

1个回答

  • 解题思路:(I)当k=1时,函数f(x)=(x+1)ex,f′(x)=(x+2)ex,再研究其单调性即可得出.

    (II)f′(x)=(kx+k+1)ekx.对k分类讨论:当k=0时,当k>0时,当k<0时,分别解出f′(x)>0,f′(x)<0,即可得出单调区间.

    (III)由(II)可得:f′(x)=(kx+k+1)ekx.函数f(x)在区间(0,1)上是单调增函数⇔f′(x)≥0在区间(0,1)上恒成立,但是f′(x)不恒等于0.g(x)=kx+k+1≥0在区间(0,1)上恒成立,但是不恒等于0.利用一次函数的单调性即可得出.

    (I)当k=1时,函数f(x)=(x+1)ex,f′(x)=(x+2)ex

    令f′(x)=0,解得x=-2.

    令f′(x)>0,解得x>-2,∴函数f(x)在区间(-2,+∞)上单调递增;

    令f′(x)<0,解得x<-2,∴函数f(x)在区间(-∞,-2)上单调递减.

    ∴当x=-2时,函数f(x)取得极小值,f(-2)=−

    1

    e2.

    (II)f′(x)=(kx+k+1)ekx

    ①当k=0时,f′(x)=1>0,函数f(x)单调递增;

    ②当k>0时,令f′(x)=k(x+

    k+1

    k)ekx=0,解得x=-[k+1/k].当x>−

    k+1

    k时,

    f′(x)>0,函数f(x)单调递增;当x<−

    k+1

    k时,f′(x)<0,函数f(x)单调递减.

    ③当k<0时,令f′(x)=k(x+

    k+1

    k)ekx=0,解得x=-[k+1/k].当x<−

    k+1

    k时,

    f′(x)>0,函数f(x)单调递增;当x>−

    k+1

    k时,f′(x)<0,函数f(x)单调递减.

    综上可得:①当k=0时,函数f(x)单调递增;

    ②当k>0时,当x>−

    k+1

    k时,函数f(x)单调递增;当x<−

    k+1

    k时,函数f(x)单调递减;

    ③当k<0时,当x<−

    k+1

    k时,函数f(x)单调递增;当x>−

    k+1

    k时,函数f(x)单调递减.

    (III)由(II)可得:f′(x)=(kx+k+1)ekx

    函数f(x)在区间(0,1)上是单调增函数⇔f′(x)≥0在区间(0,1)上恒成立,但是f′(x)不恒等于0.

    ∴g(x)=kx+k+1≥0在区间(0,1)上恒成立,但是不恒等于0.

    ∴g(x)=

    g(0)≥0

    g(1)≥0,即

    点评:

    本题考点: 利用导数研究函数的极值;利用导数研究函数的单调性.

    考点点评: 本题考查了利用导数研究函数的单调性极值与最值,考查了恒成立问题的等价转化方法,考查了分类讨论的思想方法,考查了推理能力和计算能力,属于难题.