(1)过N作NC⊥x轴于C,
∴∠NCA=∠AOB=90°,
∴∠NAC+∠ANC=90°,
由旋转的性质,可得:∠NAB=90°,AN=AM,
∴∠NAC+∠BAO=90°,
∴∠ANC=∠BAO,
∴△ANC∽△BAO,
∴AB:AN=OA:CN=OB:AC,
∵点A坐标(2,0),点B的坐标为(0,t),
∴OA=2,OB=t,
∵M是AB中点,
∴AM=AN=
1
2AB,
∴2:CN=2:1=t:AC,
∴CN=1,AC=
t
2,
∴OC=OA+AC=2+
t
2,
∴N(2+
t
2,1);
(2)分三种情况:
①当t≥0时,如图1.
S=
1
2OB•OC=
1
2×t×(2+
t
2)=
1
4t2+t;
②当-4≤t<0时,如图2.
由(1)可得:CN=1,AC=|
t
2|=-
t
2,
∴OC=OA-AC=2+
t
2,
∴S=
1
2×OB×OC=
1
2(-t)(2+
t
2)=-
1
4t2-t;
③当t<-4时,如图3.
由(1)可得:CN=1,AC=|
t
2|=-
t
2,
∴OC=AC-OA=-
t
2-2,
∴S=
1
2×OB×OC=
1
2(-t)(-
t
2-2)=
1
4t2+t;
(3)存在点B(0,2),使得△ABN与△ANP相似.理由如下:
如图1,当△ABN∽△ANP时,AB:AN=AN:AP,
∵AN=AM=
1
2AB,
∴AP=
1
2AN=
1
4AB.
过点P作PD⊥OA于D,则PD∥OB,
∴△APD∽△ABO,
∴PD:BO=AD:AO=AP:AB=1:4,
∴PD=
1
4OB=
1
4t,AD=
1
4OA=
1
2.
∵PD∥NC,
∴△OPD∽△ONC,
∴PD:NC=OD:OC,
∴
1
4t:1=
3
2:(2+
t
2),
∴
1
4t(2+
t
2)=
3
2,
整理,得t2+4t-12=0,
解得t1=2,t2=-6(不合题意舍去).
当t=2时,点B的坐标为(0,2).
故存在点B(0,2),使得△ABN与△ANP相似.