解题思路：（1）反应的自发性是由熵变和焓变共同决定，若△H＜0，△S＞0，则一定能自发进行，若△H＞0，△S＜0，则一定不能自发进行，若△H＜0，△S＜0或△H＞0，△S＞0，则可以自发进行，是否自发和温度有关．用盖斯定定律进行反应热的计算，如果一个反应可以分几步进行，则各分步反应的反应热之和与该反应一步完成时的反应热是相同的．
（2）化学反应速率、转化率和平衡移动有关知识的考查，涉及到三行式的应用．其中在保持容器的温度和容积不变，将上述平衡体系中的混合气体均增加0.8mol，相当于给原平衡体系加压，接下来考虑外界因素对平衡移动的影响．
（3）化学平衡图象题，根据图象开始阶段反应速率逐渐增大，说明反应刚开始时温度升高对正反应速率的影响大于浓度减小对正反应速率的影响，所以该反应是放热反应，随着反应的进行，反应物的浓度逐渐减小，c点反应速率还再变化，而不是固定不变，只有不再随时间的变化而变化，才是平衡状态，△t1=△t2时，NO的转化量，看a～b段和b～c段斜率大小．
（4）通过溶度积的表达式，求溶液的PH；离子积和溶度积的相对大小来判断沉定是否形成．除杂是铁离子水解平衡的考查，除杂的同时不能新杂质．
（1）在CH4（g）+[1/2]O2（g）=CO（g）+2H2（g）△H1=-35.6kJ/mol中，在化学反应中若△H＜0，△S＞0，则一定能自发进行，若△H＞0，△S＜0，则一定不能自发进行，若△H＜0，△S＜0或△H＞0，△S＞0，则可以自发进行，是否自发和温度有关．而该反应的△S＞0，△H＜0所以反应一定能自发．故答案为：能
用盖斯定定律进行反应热的计算，如果一个反应可以分几步进行，则各分步反应的反应热之和与该反应一步完成时的反应热是相同的．通过分析，
目标反应的△H=（4△H1-△H2-△H3）÷2=[-35.6kJ/mol×4-（-890.3kJ/mol）-247.3kJ/mol]÷2=+250.3kJ/mol，故答案为：+250.3kJ/mol．
（2）设起始时n（N2）为xmol，n（H2）为ymol，N2的转化量为amol由方程式可知：
N2 +3H2 ⇌2NH3
起始量（mol）xy0
变化量（mol）a3a2a
平衡量（mol）x-a3a 2a
由题意可知：x-a=1.2，y-3a=1.2，2a=0.8，
即：x=1.6mol，y=2.4mol，a=0.4mol，所以反应速率v（N2）=
0.4mol
2L
10min=0.02mol/（L•min），
H2的转化率为：[3×0.4mol/2.4mol]×100%=50%，平衡常数K为
(0.4mol/L)2
0.6mol/L×(0.6mol/L)3=1.23，
其中在保持容器的温度和容积不变，将上述平衡体系中的混合气体均增加0.8mol，相当于给原平衡体系加压，增加压强平衡向正反应方向．
故答案为：0.02mol/（L•min）；50%；1.23；平衡向正反应方向；
（3）A．开始阶段反应速率逐渐增大，说明反应刚开始时温度升高对正反应速率的影响大于浓度减小对正反应速率的影响，所以该反应是放热反应，故A正确；
B．随着反应的进行，反应物的浓度逐渐减小，所以b点反应物的浓度大于c点，故B错误；
C．根据图象可知c点反应速率还再变化，因此不是平衡状态，故C错误；
D．根据曲线的斜率可知b～c段反应速率快，反应物的转化率大，故D正确．
故答案为：AD；
（4）当Fe3+完全沉淀时，C（OH-）=
3
Ksp
CFe3+
=
3
1.25×10−36
10−5
=5×10-11，则PH=-lg
10−14
5×10−11=3.7，
QC=0.022×（5×10-11）2=5.5×10-23＜2.2×10-20=Ksp，所以没有Cu2+沉淀．Fe3++3H2O⇌Fe（OH）3+3H+加入这种物质必须促进其水解，而且不能引进新杂质，ABCD都促进水解，水解平衡正向移动，但AD引入新的杂质．
故答案为：3.7；否；BC．
点评：
本题考点： 用盖斯定律进行有关反应热的计算；化学平衡的影响因素；化学平衡的计算；难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质．
考点点评： 本题综合性较大，涉及盖斯定律的计算、化学平衡常数、图象分析，平衡移动、盐类水解，难溶电解质的考查等，难度中等，是对学生综合能力的考查，（4）为易错点，判断两者的相对大小是关键．