解题思路：（1）由图示刻度尺确定其分度值，然后读出其示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；应该把单摆悬挂起来后再测摆长；
（2）秒表分针与秒针示数之和是秒表示数，根据秒表示数求出单摆周期．
（3）根据单摆周期公式求出图象的函数表达式，然后根据函数表达式与图象分析答题；
（4）由单摆周期公式求出重力加速度表达式，然后根据重力加速度表达式分析答题．
（1）由图示刻度尺可知，刻度尺的分度值为1mm，由图示刻度尺可知，摆长长度为99.00cm；
由图B所测游标卡尺可知，游标卡尺的示数为：19mm+8×0.05mm=19.40mm=1.940cm；
测量摆线长度时应把单摆安装完毕后再测摆线长度，如果先测摆线长度然后再安装单摆，
则所测摆线长度偏小，所测单摆摆长偏小．
（2）由图C所示秒表可知，秒表示数为：0+57.1s=57.1s，单摆周期：T=[t/n]=[57.1/30]≈1.90s；
（3）由单摆周期公式：T=2π
L
g可知：T2=
4π2
gL，由图示图象可知，图象斜率：k=
△T2
△L=[4/1]=4，
T2-L图象的斜率：k=
4π2
g，重力加速度：g=
4π2
k=
4×3.142
4≈9.86m/s2；
（4）由单摆的周期公式：T=2π
L
g可得：g=
4π2L
T2，单摆周期：T=[t/n]，n是单摆全振动的次数．
A、未挂小球就测量绳长，然后与小球半径相加作为摆长，所测单摆摆长偏大，所测重力加速度偏大，故A错误；
B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，使所测周期偏大，所测重力加速度偏小，故B正确；
C、开始计时，秒表过迟按下，所测周期T偏小，所测重力加速度偏大，故C错误；
D、实验中误将29次全振动数记为30次，所测周期偏小，所测重力加速度偏大，故D错误；故选B．
故答案为：（1）99.00；1.940；偏小；把单摆悬挂起来后再测摆长；（2）57.1；1.90；（3）
4π2
gL；4；9.86m/s2；（4）B．
点评：
本题考点： 用单摆测定重力加速度．
考点点评： 常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系．单摆的周期采用累积法测量可减小误差．对于测量误差可根据实验原理进行分析．