解题思路：（1）①平衡常数等于生成物的浓度幂之积除以反应物的浓度幂之积，结合方程式分析；
②a、到达平衡后正、逆速率相等，不再变化；
b、到达平衡后，温度为定值，平衡常数不变，结合反应热判断随反应进行容器内温度变化，判断温度对化学平衡常数的影响；
c、t1时刻后二氧化碳、NO的物质的量发生变化，最后不再变化；
d、到达平衡后各组分的含量不发生变化；
（2）①根据图I中乙苯的浓度变化，求出反应速率；
②根据图I中实验Ⅱ改变条件平衡不移动，反应速率增大；
③图1可知曲线Ⅲ乙苯的物质的量浓度较大，所以苯乙烯的体积分数就小，而且Ⅲ达平衡时间短，然后作图；
（3）根据加入乙苯引起的浓度增大量与平衡移动引起的浓度减小量的相对关系分析；温度不变平衡常数不变．
（1）①乙苯与CO2反应的平衡常数表达式为：K=
c(C6H5CH＝CH2)•c(CO)•c(H2O)
c(C6H5CH2CH3)•c(CO2)，故答案为：
c(C6H5CH＝CH2)•c(CO)•c(H2O)
c(C6H5CH2CH3)•c(CO2)；
②A、到达平衡后正、逆速率相等，不再变化，t1时刻V正最大，之后随反应进行速率发生变化，未到达平衡，故A错误；
B、该反应正反应为放热反应，随反应进行温度升高，化学平衡常数减小，到达平衡后，温度为定值，达最高，平衡常数不变，为最小，图象与实际符合，故B正确，
C、t1时刻后二氧化碳、NO的物质的量发生变化，t1时刻未到达平衡状态，故C错误；
D、NO的质量分数为定值，t1时刻处于平衡状态，故D正确；
故答案为：BD；
（2）①根据图I中可知，0-50min时乙苯的浓度变化为1.0mol/L-0.4mol/L=0.6mol/L，
则其反应速率为[△c/t]=[0.6mol/L/50min]=0.012mol/（L•min）；
故答案为：0.012mol/（L•min）；
②根据图I中实验Ⅱ改变条件平衡不移动，而反应速率增大，所以改变的条件是加催化剂，
故答案为：加催化剂；
③图1可知曲线Ⅲ乙苯的物质的量浓度较大，所以苯乙烯的体积分数就小，而且Ⅲ达平衡时间短，然后作为：
，故答案为：
；
（3）若实验I中将乙苯的起始浓度改为1.2mol/L，其他条件不变，平衡正移，由于二氧化碳的初始浓度没变，平衡移动引起的乙苯的浓度的减小量小于加入的乙苯引起的浓度增加量，所以乙苯的转化率减小；
由
（g）+CO2（g）⇌
（g）+CO（g）+H2O（g）
初起量：1.0 3.0 0 0 0
变化量：0.6 0.6 0.6 0.6 0.6
平衡量：0.4 2.4 0.6 0.6 0.6
所以平衡常数为：K=[0.6×0.6×0.6/0.4×2.4]=0.225，
故答案为：减小；0.225．
点评：
本题考点： 化学平衡常数的含义；化学平衡的影响因素；产物的百分含量随浓度、时间的变化曲线；化学平衡的计算．
考点点评： 本题综合性较大，涉及化学平衡状态的判断、化学平衡常数、化学平衡影响因素、反应速率的计算等，题目涉及的内容较多，侧重于考查学生对知识点的综合应用能力，题目难度中等．