（1）①小球从A处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得：
m AgL（1-cosα）=
1
2 m A v A 2 -0 ，解得：v A=
2gL(1-cosα) ，则 P A = m A v A =m A
2gL(1-cosα) ，
小球A与小球B碰撞后继续运动，在A碰后到达最左端过程中，机械能再次守恒，
由机械能守恒定律得：-m AgL（1-cosβ）=0-
1
2 m A v A ′ 2 ，解得v A′=
2gL(1-cosβ) ．
P A′=m Av A′= m A
2gL(1-cosβ) ．
碰前小球B静止，则P B=0；
碰撞后B球做平抛运动，水平方向：S=v B′t，竖直方向H=
1
2 g t 2
解得v B′= s
g
2H ．则碰后B球的动量P B′=m Bv B′=m BS
g
2H
减小实验误差的建议：a．让球A多次从同一位置摆下，求B球落点的平均位置；b．α角取值不要太小；c．两球A、B质量不要太小；d．球A质量要尽量比球B质量大．
（2）猜想1、2均不成立
B球动量的增加量△p B=0.1×9=0.9kg•m/s，A球动量的减少量△p A=0.3×8-0.3×5=0.9 kg•m/s，从计算结果可得，B球动量的增加量与A球动量的减少量相等．即系统的总动量保持不变．
故答案为：（1）① m A
2gL(1-cosα) ， m A
2gL(1-cosβ) ；0，
m B s
2H
2gL
②a．让球A多次从同一位置摆下，求B球落点的平均位置；
b．α角取值不要太小；
c．两球A、B质量不要太小；
d．球A质量要尽量比球B质量大
（2）猜想1、2均不成立
B球动量的增加量△p B=0.1×9=0.9kg•m/s，A球动量的减少量△p A=0.3×8-0.3×5=0.9 kg•m/s，从计算结果可得，B球动量的增加量与A球动量的减少量相等．即系统的总动量保持不变．