解题思路：（1）根据已知利用相似三角形的判定得到△AOP∽△BPQ，再根据相似三角形的对应边成比例即可得到OA•BQ=AP•BP；
（2）由第一问可求得BQ的值，从而求得l=3-
4m−
m
2
3
＝
1
3
(
m
2
−4m+4)+
5
3
＝
1
3
(m−2)
2
+
5
3
，
所以可得到当m=2时，l有最小值[5/3]；
（3）因为△POQ是等腰三角形所以PO=PQ，根据等式PA2+AO2=PB2+BQ2可求得m的值，从而就可确定点P的坐标．
（1）证明：∵PO⊥PQ，
∴∠APO+∠BPQ=90°，
在Rt△AOP中，∠APO+∠AOP=90°，
∴∠BPQ=∠AOP，
∴△OAP∽△PBQ，则[AP/OA＝
BQ
BP]，
即OA•BQ=AP•BP．（3分）
（2）∵OA•BQ=AP•BP，即BQ=
m(4−m)
3，
∴l=3-
4m−m2
3＝
1
3(m2−4m+4)+
5
3＝
1
3(m−2)2+
5
3
∴当m=2时，l有最小值[5/3]．（6分）
（3）解法一：
∵△POQ是等腰三角形
①若P在线段AB上，∠OPQ=90°
∴PO=PQ，又△OAP∽△PBQ，
∴△OAP≌△PBQ
∴PB=AO，即3=4-m，
∴m=1，即P点坐标（1，3）；（8分）
②若P在线段AB的延长线上，PQ交CB的延长线于Q，PO=PQ，
又∵△AOP∽△BPQ，
∴△AOP≌△BPQ，
∴AO=PB，即3=m-4，即P点的坐标（7，3）；
③当P在线段BA的延长线上时，显然不成立；
故存在P1（1，3），P2（7，3）使△POQ为等腰三角形；（10分）
解法二：
∵△POQ是等腰三角形
∴PO=PQ，
即PA2+AO2=PB2+BQ2（7分）
则m2+32=（4-m）2+（
4m−m2
3）2（8分）
整理得m4-8m3+16m2-72m+63=0
m4-8m3+7m2+9m2-72m+63=0
m2（m2-8m+7）+9（m2-8m+7）=0
（m-1）（m-7）（m2+9）=0
∴m1=1，m2=7，m2=-9（舍去）
故存在P1（1，3），P2（7，3）使△POQ为等腰三角形．（10分）
点评：
本题考点： 二次函数综合题；等腰三角形的性质；矩形的性质；相似三角形的判定与性质．
考点点评： 此题考查学生对等腰三角形的性质，相似三角形的判定，矩形的性质及二次函数等知识点的综合运用．