解题思路：（1）根据电路的电流确定电流表的量程且串联在电路中，滑片向右滑动时灯泡变亮说明此时电路中的电流变大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，即右下方接线柱必须接入电路中；（2）根据电流流向法，按先串主电路后并联电压表的原则画出电路图；（3）在连接电路时开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应处于最大值，以免接错，电流过大烧坏用电器；（4）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗的变化；（5）①电流表、电压表的指针均反偏说明两电表的正负接线柱接反了，最简单的解决方法是把电源的正负极进行调换；②根据题意可知，滑动变阻器不起调节作用，根据滑动变阻器的使用方法可以确定其连接的错误所在．
（1）电路中电流约为0.5A，则电流表选0～0.6A的量程，且串联在电路中；滑动变阻器的右下方接线柱接入电路中时，滑片向右滑动时灯泡变亮，如下图所示：
（2）先画出电源，然后从正极开始依次画出开关、灯泡、电流表、滑动变阻器回到负极，最后电压表并联在灯泡的两端，如下图所示：
（3）为保护电路，在连接电路时开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值的A端；
（4）滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=[U/R]可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由P=I2R可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗；
（5）①流表、电压表的指针均反偏，最简单的解决方法是调换电源的正负极；
②在使用滑动变阻器时，只有选用一上一下两个接线柱，滑动变阻器才具有调节作用；
当同时选用下面两个接线柱时或同时选用上面两个接线柱时滑动变阻器不起调节作用，两电表的示数较小说明下面两个接线柱同时接入电路．
故答案为：
（1）实物图的连接如上图所示；
（2）电路图如上图所示；
（3）断开；A；
（4）变小；变暗；
（5）将电压表的两个接线柱的导线对调；将滑动变阻器作为定值电阻（接了AB两个接线柱），接入了电路．
点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；实物的电路连接；电路的动态分析．
考点点评： 本题涉及到由题意设计电流图和根据实物图画出电路图的方法、实验的注意事项、电路的动态分析、欧姆定律的应用以及电路故障的判断等，这四个问题是比较典型的类型习题，一定要掌握．