解题思路：（1）由饮水机铭牌可知饮水机的额定电压与保温功率，然后由电功率的变形公式可以求出饮水机保温时的电流．
（2）由铭牌找出加热功率，然后由电功率率的变形公式求出5min产生的热量．
（3）根据电功率的变形公式求出饮水机加热电阻丝的电阻，然后由电功率公式求出饮水机的实际功率．
（1）∵P=UI，∴饮水机保温时的电流I=
P保温
U=[44W/220V]=0.2A；
（2）∵P=[W/t]，∴加热5min产生的热量Q=W=P加热t=480W×5×60s=1.44×105J；
（3）∵P=
U2
R，∴饮水机的加热电阻R=
U2
P加热，
当电压U实=200V时，饮水机的实际加热功率P实=
U2实
R=
U2实
U2
P加热=
(200V)2
(220V)2
480W≈396.69W；
答：（1）饮水机保温时的电流为0.2A．
（2）若给水箱的水加热，5min产生的热量是1.44×105J．
（3）如果在用电高峰时间内用饮水机给水箱的水加热，
电压只有200V左右，这时饮水机加热时的实际功率约为396.69W．
点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．
考点点评： 本题考查了求饮水机的保温电流、饮水机产生的热量、饮水机的实际功率等问题，是一道基础题，由饮水机找出保温功率、加热功率、额定电压是正确解题的前提，熟练应用电功率公式及其变形公式即可正确解题．