解题思路:(1)利用an=Sn-Sn-1可以推导出数列an为等比数列,然后将a1=2,q=4代入等比数列的通项公式即可求出数列{an}的通项公式;
(2)根据(1)中求出的an的通项公式便可求出cn的通项公式为cn=2n-1,然后求出
S
2n
S
n
为定值,便可证明数列cn是一个“1 类和科比数列”;
(3)根据题中“k类和科比数列”的定义,将
S
(k+1)n
S
kn
=t便可求出D与b1的关系,继而可以求出常数t的表达式.
(1)联立:
Sn=
4
3an−
2
3
Sn−1=
4
3an−1−
2
3(n≥2),
∴[4/3an−
4
3an−1=an,
∴
an
an−1=4(n≥2),
所以{an}是等比数列,
由 a1=
4
3a1−
2
3],得 a1=2,
故 an=2•4n-1 =22n-1 .
(2)cn=2n-1前n项的和Sn=n2(1分)
S2n=4n2 ,
S2n
Sn=4,
所以数列{an}是一个“1类和科比数列”.
(3)对任意一个等差数列数列bn,首项b1,公差D,
Skn=knb1+
kn(kn−1)
2D.
S(k+1)n=(k+1)nb1+
(k+1)n((k+1)n−1)
2D,
S(k+1)n
Skn=
(k+1)b1+
(k+1)((k+1)n−1)
2D
kb1+
k(kn−1)
2D=t,对一切n∈N*恒成立,
2(k+1)b1+(k+1)((k+1)n-1)=2ktb1+k(kn-1)Dt对一切n∈N*恒成立,
(k+1-kt)(2b1-D)=n•D(k2t-(k+1)2)对一切n∈N*
点评:
本题考点: 数列递推式;等差数列的性质.
考点点评: 本题考查了等差数列的基本性质以及数列的递推公式,考查了学生的计算能力和对数列的综合掌握,解题时注意整体思想和转化思想的运用,属于中档题.