解题思路:(1)由数列递推式结合首项逐一求出a2,a3,a4,则S4可求;
(2)由bn=an+n+2得到bn+1=an+1+(n+1)+2,结合an+1=2an+(n+1)得到bn+1=2bn,然后分a1=-3和a1≠-3讨论得答案;
(3)当a1=-3时,求出数列{an}的前n项和,利用作差法证明Sm+Sn≤2Sp.然后利用放缩法证明0<SmSn≤Sp2
,再结合Sm+Sn≤2Sp<0可证得
1
S
m
+
1
S
n
≤
2
S
p
.
(1)∵an=2an-1+n(n≥2且n∈N*),且a1=1,
∴a2=2×1+2=4,a3=2×4+3=11,a4=2×11+4=26.
∴S4=42;
(2)∵bn=an+n+2,
∴bn+1=an+1+(n+1)+2=2an+(n+1)+(n+1)+2=2(an+n+2)=2bn.
又∵b1=a1+3,
∴当a1=-3时,b1=0,此时{bn}不是等比数列,
当a1≠-3时,b1≠0,则
bn+1
bn=2 (n∈N*).
故当a1≠-3时,数列{bn}是以a1+3为首项,2为公比的等比数列;
(3)
1
Sm+
1
Sn≤
2
Sp.
事实上,由(2)知,当a1=-3时,b1=0,则an=-n-2.
∴{an}是以-3为首项,-1为公差的等差数列,
∴Sn=−
1/2n(n+5).
∵m,n,p∈N*,且m+n=2p,
Sm+Sn−2Sp=p(p+5)−
1
2m(m+5)−
1
2n(n+5)
=
1
4[(2p)2−2m2−2n2]+
5
2(2p−m−n)
=
1
4[(m+n)2−2m2−2n2]=−
1
4(m−n)2≤0,
∴Sm+Sn≤2Sp
又SmSn=
mn(m+5)(n+5)
4=
mn[mn+5(m+n)+25]
4]
≤
(
m+n
2)2[(
m+n
2)2+10•(
m+n
2)+52]
4=
p2(p2+10p+25)
4=[
p(p+5)
2]2=Sp2.
∵0<SmSn≤Sp
点评:
本题考点: 数列的求和;等比数列的性质.
考点点评: 本题考查数列的递推式,考查了等比关系的确定及等差数列前n项和的求法,训练了利用作差法和放缩法证明不等式,是难度较大的题目.