解题思路：（Ⅰ）求导数，分类讨论，确定函数的单调性，利用区间[-1，1]是不等式f（x）＞0的解集的子集，即可求a的取值范围；
（Ⅱ）若存在a使得φ（x1）-φ（x2）≤mx1-mx2成立，即：φ（x1）-mx1≤φ（x2）-mx2，构建函数：F（x）=φ（x）-mx，为增函数满足题意，即F'（x）≥0恒成立，构建函数G（x）=ex-ax-m，G'（x）=ex-a，分类讨论，即可求m的最大值．
（I） f′（x）=ex-a
①当a≤0时，f′（x）≥0，f（x）在区间[-1，1]上为增函数
由题意可知f（-1）＞0，即 a＞−
1
e，∴−
1
e＜a≤0…（2分）
②当a＞0时，f′（x）=0，解得：x0=lna…（3分）
x∈（-∞，x0）f′（x）＜0，x∈（x0，+∞）f′（x）＞0
故有当x0∈[-1，1]，即：[1/e≤a≤e时，f（x0）＞0即满足题意
即f（lna）=a-alna＞0，构建函数h（x）=x-xlnx（
1
e≤x≤e）
h′（x）=-lnx，当x=1时为极大值点，有h（1）≤0
故a-alna＞0不等式无解…（4分）
当x0＜-1即0＜a＜
1
e]时，f（-1）＞0，即e-1-a（-1）＞0
解得：a＞−
1
e，∴0＜a＜
1
e
当x0＞1即a＞
1
e时，f（1）＞0，即e-a＞0
解得：a＜e，∴
1
e＜a＜e…（6分）
综上所述：a∈(−
1
e，
1
e)∪(
1
e，e)…（7分）
（II）由题意可知：φ(x)＝ex−
a
2x2+1，可设任意两数x1＜x2
若存在a使得φ（x1）-φ（x2）≤mx1-mx2成立，即：φ（x1）-mx1≤φ（x2）-mx2
构建函数：F（x）=φ（x）-mx，为增函数满足题意，即F'（x）≥0恒成立即可，F'（x）=ex-ax-m，
构建函数G（x）=ex-ax-m，G'（x）=ex-a…（9分）
当a＜0时，G'（x）＞0，G（x）为增函数
则不存在a使得F'（x）≥0恒成立，故不合题意…（10分）
当a=0时，F'（x）=ex-m≥0，可解得m≤0…（11分）
当a＞0时，可知G'（x）=ex-a=0，即x=lna为极小值点，也是最小值点，
G（lna）=a-alna-m≥0，∴m≤a-alna，
由于存在a使得该式恒成立，即m≤（a-alna）max，
由（I）可知，当a=1时，m≤1…（12分）
综上所述m的最大值为1…（13分）
点评：
本题考点： 利用导数研究函数的极值；利用导数研究函数的单调性．
考点点评： 本题考查导数知识的运用，考查函数的单调性，考查分类讨论的数学思想，考查函数的构造，难度大．