操作:如图①,△ABC是正三角形,△BDC是顶角∠BDC=120°的等腰三角形,以D为顶点作一个60°角,角的两边分别交

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  • 解题思路:根据已知先证明Rt△BDM≌Rt△CDM1从而得到BM=CM1,然后再证明△MDN≌△M1DN,从而推出MN=NM1=NC-CM1=NC-MB.

    在证明时,需添加辅助线,采用“截长补短”法,借助三角形全等进行证明.

    (1)BM+CN=MN

    证明:如图,延长AC至M1,使CM1=BM,连接DM1

    由已知条件知:∠ABC=∠ACB=60°,∠DBC=∠DCB=30°,

    ∴∠ABD=∠ACD=90°.

    ∵BD=CD,

    ∴Rt△BDM≌Rt△CDM1

    ∴∠MDB=∠M1DC,DM=DM1

    ∴∠MDM1=(120°-∠MDB)+∠M1DC=120°.

    又∵∠MDN=60°,

    ∴∠M1DN=∠MDN=60°.

    ∴△MDN≌△M1DN.

    ∴MN=NM1=NC+CM1=NC+MB.

    (2)附加题:CN-BM=MN

    证明:如图,在CN上截取CM1,使CM1=BM,连接MN,DM1

    ∵∠ABC=∠ACB=60°,∠DBC=∠DCB=30°,

    ∴∠DBM=∠DCM1=90°.

    ∵BD=CD,

    ∴Rt△BDM≌Rt△CDM1

    ∴∠MDB=∠M1DC,DM=DM1

    ∵∠BDM+∠BDN=60°,

    ∴∠CDM1+∠BDN=60°.

    ∴∠NDM1=∠BDC-(∠M1DC+∠BDN)=120°-60°=60°.

    ∴∠M1DN=∠MDN.

    ∵ND=ND,

    ∴△MDN≌△M1DN.

    ∴MN=NM1=NC-CM1=NC-MB.

    点评:

    本题考点: 全等三角形的判定与性质;等腰三角形的性质;等边三角形的性质.

    考点点评: 此题主要考查等边三角形,等腰三角形的性质及三角形全等的判定等知识;正确作出辅助线是解答本题的关键.该题是一个纯图形探索证明题,注意培养自己的探索精神和钻研精神.