解题思路：Ⅰ、（1）根据
.
v
＝
x
t
求出所剪的这0.6s内的平均速度．
（2）用每段时间内的平均速度表示中间时刻的瞬时速度，再运用逐差法，根据△x=aT2求出物体运动的加速度．
Ⅱ、（1）运用平抛运动的知识求出平抛运动的初速度，再根据能量守恒得出小球质量的表达式．
（2）桌面摩擦会影响小球的初动能，通过能量守恒分析对质量的影响．
Ⅲ、用伏安法测量电源的电动势和内阻，滑动变阻器采用限流式接法，通过测量的误差大小选择滑动变阻器和电流表的量程．
Ⅰ、根据
.
v＝
x
t，
.
v6＝
(22.5+30+37.5+45+52.5+60)×10−3
0.6＝0.413m/s．
加速度a＝
x6−x3
3T2+
x5−x2
3T2+
x4−x1
3T2
3＝0.750m/s2
Ⅱ、（1）由题意知：[1/2kx2＝
1
2mv2，平抛过程有：s＝vt，h＝
1
2gt2
联立三式解得：m＝
2hkx2
gs2]
（2）桌面摩擦使得小球飞出速度v偏小，据[1/2kx2＝
1
2mv2，知m的测量值最大．
Ⅲ、（1）滑动变阻器采用限流式接法，串联在电路中，滑动变阻器阻值太大的话，电流太小，测量的误差大，所以选用0～20Ω的滑动变阻器，由于电动势大约3V，电路中电流较小，选取0～0.6A的电流表测量误差较小．故选B、E．
（2）电路图如右图．
故答案为：I．（1）0.413 （2）0.750
II．（1）m＝
2hkx2
gs2]
（2）偏大
III．（1）BE （2）电路图
点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻；测定匀变速直线运动的加速度．
考点点评： 解决本题的关键知道某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，会运用逐差法求加速度的大小．以及掌握器材选取的原则，即精确、安全．