如图所示,质量M=3.0kg的小车静止在光滑的水平面上,AD部分是表面粗糙的水平导轨,DC部分是光滑的l/4圆弧导轨,整

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  • 解题思路:(1)在D点滑块竖直方向受力平衡,由平衡条件可求出滑块的电量;

    (2)滑块从A到D的过程中,小车、滑块系统水平方向不受外力,水平方向动量守恒,可求出滑块到达D点时车的速度,系统损失的机械能等于系统动能的减小.

    (3)滑块通过D时立即撤去磁场,滑块先沿导轨上滑,后沿导轨下滑,整个过程中滑块都在加速,当滑块返回D点时小车所能获得的速度最大,根据系统水平方向动量守恒和机械能守恒求解最大速度.

    (1)在D点滑块竖直方向受力平衡,电场力竖直向下,洛伦兹力竖直向下,由平衡条件

    N=mg+Bqv1+Eq

    解得 q=[N−mg

    E+Bv1=1×10-2C

    (2)滑块从A到D的过程中,小车、滑块系统水平方向动量守恒,则有

    mv0=mv1+Mu1,得 u1=

    m(v0−v1)/M]=1m/s

    由能量守恒定律得:小车、滑块系统损失的机械能为△E=[1/2m

    v20−

    1

    2m

    v21−

    1

    2M

    u21]

    代入解得,△E=18J

    (3)滑块通过D时立即撤去磁场,滑块先沿导轨上滑,后沿导轨下滑,整个过程中滑块都在加速,当滑块返回D点时小车所能获得的速度最大,

    根据系统水平方向动量守恒和机械能守恒得

    mv0=mv2+Mu2

    [1/2m

    v21+

    1

    2M

    u21]=[1/2m

    v22+

    1

    2M

    u22]

    可得

    u22−4u2+3=0

    解得,u2=1m/s=u1 舍去,u2=3m/s

    答:(1)滑块的电量是1×10-2C;

    (2)滑块从A到D的过程中,小车、滑块系统损失的机械能是18J;

    (3)若滑块通过D时立即撤去磁场,此后小车所能获得的最大速度是3m/s.

    点评:

    本题考点: 动量守恒定律;能量守恒定律.

    考点点评: 本题是系统动量守恒和能量守恒的类型,寻找解题规律是关键.容易出错的地方,是不认真分析滑块运动过程,认为滑块刚到达D时车的速度就最大.

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