(2014•天津三模)已知数列{an}的前n项和Sn=-an-(12)n−1+2(n∈N*),数列{bn}满足bn=2n

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  • 解题思路:(1)由已知条件推导出2nan=2n-1an-1+1.由此能证明{数列bn}是首项和公差均为1的等差数列.从而求出an=

    n

    2

    n

    ].

    (2)由(1)知[n+1/n

    a

    n

    =(n+1)•(

    1

    2])n,利用错位相减法能求出Tn=3-[n+3

    2

    n

    .再用数学归纳法能证明n∈N*且n≥3时,Tn

    5n/2n+1].

    (3)由an(cn-3n)=(-1)n-1λn可求得cn,对任意n∈N+,都有cn+1>cn即cn+1-cn>0恒成立,整理可得(-1)n-1•λ<([3/2])n-1,分n为奇数、偶数两种情况讨论,分离出参数λ后转化为函数最值即可解决.

    (1)证明:在Sn=-an-(

    1

    2)n−1+2(n∈N*)中,

    令n=1,得S1=-a1-1+2=a1,解得a1=[1/2],

    当n≥2时,Sn-1=-an-1-([1/2])n-2+2,

    ∴an=Sn-Sn-1=-an+an-1+([1/2])n-1

    ∴2an=an-1+([1/2])n-1,即2nan=2n-1an-1+1.

    ∵bn=2nan,∴bn=bn-1+1,即当n≥2时,bn-bn-1=1,

    又b1=2a1=1,∴{数列bn}是首项和公差均为1的等差数列.

    于是bn=1+(n-1)•1=n=2nan

    ∴an=[n

    2n.

    (2)证明:∵an=

    n

    2n,∴

    n+1/nan=(n+1)•(

    1

    2])n

    ∴Tn=2×[1/2]+3×([1/2])2+…+(n+1)×([1/2])n,①

    [1/2Tn=2×(

    1

    2])2+3×([1/2])3+…+(n+1)×([1/2])n+1,②

    ①-②,得:[1/2Tn=1+(

    1

    2)2+(

    1

    2)3+…+(

    1

    2)n−(n+1)•(

    1

    2)n+1

    =1+

    1

    4[1−(

    1

    2)n−1]

    1−

    1

    2

    点评:

    本题考点: 等差数列的性质;数列与不等式的综合.

    考点点评: 本题考查数列递推式、等差数列的通项公式、数列求和等知识,考查恒成立问题,考查转化思想,错位相减法对数列求和是高考考查的重点内容,要熟练掌握.

    1年前

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