解题思路：（1）从图甲可知，滑动变阻器R1和电阻R2并联，由图乙可知两表的量程，则根据表盘可知电表的最小刻度，则可读出两表的示数；电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路电流；则由并联电路的电流规律可知通过电阻R2的电流，再由欧姆定律可求得电阻R2的阻值．
（2）已知电源电压、通电时间和通过电阻R2的电流，可利用公式W=UIt计算出电阻R2所做的功．
（3）若使两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同的情况，则指针的偏离零刻度线的角度可判断出干路的电流I′与支路电流I1′的关系，由于电阻R2的阻值和电压不变，则电阻R2中的电流不变，然后再根据并联电路的电流特点计算出通过电阻R2的电流，再利用公式P=UI计算出变阻器R1消耗的功率．
（1）滑动变阻器R1与R2并联，电流表A1测量R1这条支路的电流为I1=0.4A，电流表A2是测量干路的电流为I=1.2A，
∴通过电阻R2的电流为：I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A，
而电源电压为U=6V，
∴电阻R2的阻值为：R2=[U
I2=
6V/0.8A]=7.5Ω．
（2）∵I2=0.8A，U=6V，t=10s，
电阻R2所做的功为：W2=UI2t=6V×0.8A×10s=48J．
（3）因电流表A1是测量R1这条支路的电流I1′，量程应为0～0.6安，电流表A2是测量干路的电流I′，量程应为0～3安，则当两个电流表指针偏离零刻度的角度恰好相同时，电流表A2的示数是电流表A1示数的5倍，
∴I′=5I1′，即I1′+I2=5I1′，
由于电阻R2的阻值和电压不变，则电阻R2中的电流不变为0.8A，
则I1′+0.8A=5I1′，
∴I1′=0.2A；
∴变阻器R1消耗的功率为：P1=UI1′=6V×0.2A=1.2W．
答：（1）电阻R2的阻值为7.5Ω．
（2）通电10秒钟，电流通过电阻R2所做的功为48J．
（3）变阻器R1消耗的功率为1.2W．
点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电功的计算；电功率的计算．
考点点评： 解答此类题目首先要明确电路的结构类型，再根据不同电路的不同规律利用欧姆定律求解即可．本题的综合性较强，不仅考查电流表的读数方法，还考查欧姆定律的应用、并联电路的电压规律和功率的计算．