解题思路:(1)由函数f(x)=lnx+[1/x]-1确定函数的定义域并求导,从而求函数f(x)的单调区间;
(2)先由(1)求得0≤f(x0)≤[1/e],从而将对任意的a∈(-1,1),总存在x0∈[1,e],使得不等式ma-f(x0)<0成立化为对任意的a∈(-1,1),ma<[1/e]恒成立,从而求实数m的取值范围;
(3)由nan+12-(n+1)an2-an+1an=0可求得an=n,从而化不等式e(n-1)α≥an对任意的n≥2且n∈N*都成立为e(n-1)α≥n对任意的n≥2且n∈N*都成立,注意到当n=2时,eα≥2,则α≥ln2>[1/2];则在α≥ln2>[1/2]下讨论即可,
故可判断f(x)=(x-1)α-lnx在[2,+∞)上是增函数,从而可求α的取值范围.
(1)∵f(x)=lnx+[1/x]-1的定义域为(0,+∞),
且f′(x)=[1/x]-[1
x2=
x−1
x2,
故函数f(x)的单调减区间为(0,1),单调增区间为(1,+∞);
(2)∵函数f(x)在[1,e]上单调递增,
∴0≤f(x0)≤
1/e],
∴对任意的a∈(-1,1),总存在x0∈[1,e],使得不等式ma-f(x0)<0成立可化为
对任意的a∈(-1,1),ma<[1/e]恒成立,
故
−m≤
1
e
m≤
1
e,
解得,-[1/e]≤m≤[1/e];
(3)∵nan+12-(n+1)an2-an+1an=0,
∴[nan+1-(n+1)an][an+1+an]=0,
又∵{an}是首项为1的正项数列,
∴nan+1-(n+1)an=0,
∴
an+1
an=[n+1/n],又∵首项为1,
∴an=n,
则不等式e(n-1)α≥an对任意的n≥2且n∈N*都成立可化为e(n-1)α≥n对任意的n≥2且n∈N*都成立;
则当n=2时,eα≥2,则α≥ln2>[1/2];
e(n-1)α≥n对任意的n≥2且n∈N*都成立可化为(n-1)α-lnn≥0对任意的n≥2且n∈N*都成立;
令f(x)=(x-1)α-lnx,则f′(x)=α-[1/x],
则当x∈[2,+∞)时,f′(x)=α-[1/x]>0,
f(x)=(x-1)α-lnx在[2,+∞)上是增函数,
故(n-1)α-lnn≥0对任意的n≥2且n∈N*都成立可化为α-ln2≥0,
故α≥ln2.
综上所述,α≥ln2.
点评:
本题考点: 数列与不等式的综合;利用导数研究函数的单调性.
考点点评: 本题考查了导数的应用及数列的通项求法,同时考查了恒成立问题及存在性问题的处理,属于难题.