解题思路：解法1：（Ⅰ）依题意，点N的坐标为N（0，-p），可设A（x1，y1），B（x2，y2），直线AB的方程为y=kx+p，与x2=2py联立得x2＝2pyy＝kx+p消去y得x2-2pkx-2p2=0．然后由韦达定理结合三角形面积公式进行求解．（Ⅱ）假设满足条件的直线l存在，其方程为y=a，AC的中点为O'，l与AC为直径的圆相交于点P，Q，PQ的中点为H，则O'H⊥PQ，Q'点的坐标为（x12，y1+p2），由此入手能够求出抛物线的通径所在的直线．解法2：（Ⅰ）依题意，点N的坐标为N（0，-p），可设A（x1，y1），B（x2，y2），直线AB的方程为y=kx+p，与x2=2py联立得x2＝2pyy＝kx+p消去y得x2-2pkx-2p2=0．由弦长公式得|AB|＝1+k2|x1−x2|＝1+k2•(x1+x2)2−4x1x2＝1+k2•4p2k2+8p2=2p1+k2•k2+2，又由点到直线的距离公式得d＝2p1+k2．由此能求出△ANB面积的最小值．（Ⅱ）假设满足条件的直线l存在，其方程为y=a，则以AC为直径的圆的方程为（x-0）（x-x1）-（y-p）（y-y1）=0，将直线方程y=a代入得x2-x1x+（a-p）（a-y1）=0，则△＝x21−4(a−p)(a−y1)＝4[(a−p2)y1+a(p−a)]．由此入手能够求出抛物线的通径所在的直线．
法1：（Ⅰ）依题意，点N的坐标为N（0，-p），
可设A（x1，y1），B（x2，y2），
直线AB的方程为y=kx+p，与x2=2py联立得
x2＝2py
y＝kx+p，
消去y得x2-2pkx-2p2=0．
由韦达定理得x1+x2=2pk，x1x2=-2p2．
于是S△ABN＝S△BCN+S△ACN＝
1
2•2p|x1−x2|
=p|x1−x2|＝p
(x1+x2)2−4x1x2
=p
4p2k2+8p2＝2p2
k2+2，
∴当k=0时，(S△ABN)min＝2
2p2．
（Ⅱ）假设满足条件的直线l存在，其方程为y=a，
AC的中点为O'，l与AC为直径的圆相交于点P，Q，PQ的中点为H，
则O'H⊥PQ，Q'点的坐标为（x1，
y1+p
2）．
∵|O′P|＝
1
2|AC|＝
1
2
x21+(y1−p)2＝
1
2
y21+p2，|O′H|＝|a−
y1+p
2|＝
1
2|2a−y1−p|，
∴|PH|2=|O'P|2-|O'H|2=[1/4(
y21+p2)−
1
4(2a−y1−p)2=(a−
p
2)y1+a(p−a)，
∴|PQ|2=（2|PH|）2=4[(a−
p
2)y1+a(p−a)]．
令a−
p
2＝0，得a＝
p
2]，此时|PQ|=p为定值，
故满足条件的直线l存在，其方程为y＝
p
2，
即抛物线的通径所在的直线．
解法2：（Ⅰ）前同解法1，再由弦长公式得|AB|＝
1+k2|x1−x2|＝
1+k2•
(x1+x2)2−4x1x2＝
1+k2•
4p2k2+8p2=2p
1+k2•
k2+2，
又由点到直线的距离公式得d＝
2p
1+k2．
从而S△ABN＝
1
2⋅d•|AB|＝
1
2•2p
1+k2•
k2+2•
2p
1+k2＝2p2
k2+2，∴当k=0时，(S△ABN)min＝2
2p2．
（Ⅱ）假设满足条件的直线l存在，其方程为y=a，则以AC为直径的圆的方程为（x-0）（x-x1）+（y-p）（y-y1）=0，
将直线方程y=a代入得x2-x1x+（a-p）（a-y1）=0，
则|x1-x2|2=
x21−4(a−p)(a−y1)＝4[(a−
p
2)y1+a(p−a)]．
设直线l与以AC为直径的圆的交点为P（x3，y3），Q（x4，y4），
则有|PQ|＝|x3−x4|＝
4[(a−
p
2)y1+a(p−a)]＝2
(a−
p
2)y1+a(p−a)．
令a−
p
2＝0，得a＝
p
2，此时|PQ|=p为定值，故满足条件的直线l存在，其方程为y＝
p
2，
即抛物线的通径所在的直线．
点评：
本题考点： 直线与圆锥曲线的综合问题．
考点点评： 本小题主要考查直线、圆和抛物线等平面解析几何的基础知识，考查综合运用数学知识进行推理运算的能力和解决问题的能力．