解题思路:初状态的A部分气体的压强可直接应用连通器原理求得.之后要注意B管中的水银下降多少,A管中的水银面就上升多少.
(1)右端气体 pA=p0+ρgh=(75+25)cmHg=100 cmHg
(2)左端气柱等压变化,T1=360K,VB=4s,T2=270K.
由公式:
VB
T1=
V′B
T2,
代人数据得VB'=3s,气柱长3cm.
设右端汞柱上升xcm,则左侧汞柱下降xcm,
右端气柱p1=100cmHg,T1=360K,VA=30s,
T2=270K,VA'=(30-x)s,p2=(100-2x)cmHg.
由公式:
P1VA
T1=
P2V′A
T2
代人数据[100×30/360]=
(100−2x)×(30−x)
270,
x2-80x+375=0,
得x1=5,x2=75(不合题意舍去).
∴活塞下降距离s=6cm.
答:(1)A部分气体的压强为100 cmHg.
(2)使两部分气体温度均下降到t1=-3℃,活塞将移动的距离为6cm.
点评:
本题考点: 理想气体的状态方程.
考点点评: 该题考查理想气体的几个公式的应用,该题只要注意到B管中的水银下降多少,A管中的水银面就上升多少,应该不会出错.