（Ⅰ）因为f′（x）=（2x-3）e x+（x 2-3x+3）e x，
由f′（x）＞0⇒x＞1或x＜0，
由f′（x）＜0⇒0＜x＜1，
∴函数f（x）在（-∞，0），（1，+∞）上单调递增，在（0，1）上单调递减，
∵函数f（x）在[-2，t]上为单调函数，
∴-2＜t≤0，
（Ⅱ）证：因为函数f（x）在（-∞，0）∪（1，+∞）上单调递增，在（0，1）上单调递减，
所以f（x）在x=1处取得极小值e，
又f（-2）=13e -2＜e，
所以f（x）在[2，+∞）上的最小值为f（-2），
从而当t＞-2时，f（-2）＜f（t），
即m＜n，
（Ⅲ）证：因为
f′( x 0 )
e x 0
=x 20 - x 0 ，
∴
f′( x 0 )
e x 0 =
2
3 (t-1 ) 2 ，
即为x 0 2-x 0=
2
3 (t-1 ) 2 ，
令g（x）=x 2-x-
2
3 (t-1 ) 2 ，
从而问题转化为证明方程g（x）= x 2 -x-
2
3 (t-1 ) 2 =0在（-2，t）上有解并讨论解的个数，
因为g（-2）=6-
2
3 （t-1） 2=-
2
3 (t-4)(t+2) ，
g（t）=t（t-1）-
2
3 (t-1 ) 2 =
1
3 (t+2)(t-1) ，
所以当t＞4或-2＜t＜1时，g（-2）•g（t）＜0，
所以g（x）=0在（-2，t）上有解，且只有一解，
当1＜t＜4时，g（-2）＞0且g（t）＞0，
但由于g（0）=-
4
3 (t-1 ) 2 ＜0，
所以g（x）=0在（-2，t）上有解，且有两解，
当t=1时，g（x）=x 2-x=0，
解得x=0或1，
所以g（x）=0在（-2，t）上有且只有一解，
当t=4时，g（x）=x 2-x-6=0，
所以g（x）=0在（-2，t）上也有且只有一解，
综上所述，对于任意的t＞-2，总存在x 0∈（-2，t），满足
f ′(x 0 )
e x 0 =
2
3 (t-1 ) 2 ，
且当t≥4或-2＜t≤1时，有唯一的x 0适合题意，
当1＜t＜4时，有两个x 0适合题意．