解题思路:(I)设g(x)=ex-ex,则g′(x)=ex-e,由g′(x)=ex-e=0,得x=1,利用导数性质能够证明f(x)≥ex.
(II)由f′(x)=ex,知曲线y=f(x)在点P外切线为l:y-et=et(x-t),切线l与x轴的交点为(t-1,0),与y轴的交战为(0,et-tet),由此入手能够推导出当t=-1时,S有最大值.
(I)证明:设g(x)=ex-ex,∴g′(x)=ex-e,
由g′(x)=ex-e=0,得x=1,
∴在区间(-∞,1)上,g′(x)<0,
函数g(x)在区间(-∞,1)上单调递减,
在区间(1,+∞)上,g′(x)>0,
函数g(x)在区间(1,+∞)上单调递增,
g(x)≥g(1)=0,
∴f(x)≥ex.
(II)∵f′(x)=ex,∴曲线y=f(x)在点P外切线为l:y-et=et(x-t),
切线l与x轴的交点为(t-1,0),与y轴的交战为(0,et-tet),
∵t<0,∴S=S(t)=[1/2(1−t)•(1−t)et=
1
2(1−2t+t2)et,
∴S′=
1
2et(t2−1),
在(-∞-1)上,S(t)单调增,在(-1,0)上,S(t)单调减,
∴当t=-1时,S有最大值,此时S=
2
e].
点评:
本题考点: 利用导数研究曲线上某点切线方程;利用导数研究函数的单调性.
考点点评: 本题考查不等式的证明,考查三角形面积最大值的求法.解题时要认真审题,仔细解答,注意导数的性质和等价转化思想的合理运用.