解题思路：（1）易得MB和DM分别是直角三角形ABG和直角三角形ADG斜边上的中线，都等于AG的一半，那么BM=DM．
（2）把∠BMD进行合理分割，应用外角等于内角和，得到∠BMD与∠BAD之间的关系，进而得到与∠ACB即∠α之间的关系，当∠α=45°时，∠BMD=90°，那么△BMD为等腰直角三角形．
（3）通过类比思想可猜想MB与MD的数量关系和∠BMD的大小结论依然成立．那么只有当∠α=60°时，△BMD为等边三角形．
（1）MB=MD，
证明：∵AG的中点为M∴在Rt△ABG中，MB=[1/2]AG
在Rt△ADG中，MD=[1/2]AG
∴MB=MD．
（2）∵∠BMG=∠BAM+∠ABM=2∠BAM，
同理∠DMG=∠DAM+∠ADM=2∠DAM，
∴∠BMD=2∠BAM+2∠DAM=2∠BAC，
而∠BAC=90°-α，
∴∠BMD=180°-2α，
∴当α=45°时，∠BMD=90°，此时△BMD为等腰直角三角形．
（3）当△CGD绕点C逆时针旋转一定的角度，仍然存在MB=MD，
∠BMD=180°-2α，
故当α=60°时，△BMD为等边三角形．
解法：延长DM至N，使MN=DM，连AN、BN、BD，则有AN=DH，∠NAM=∠DHM
∵∠1=∠AHD+∠2
∴∠BAM+90°=∠AHD+90°-∠DCB，
∴∠NAB=∠DCB，
∵∠CDH=∠ABC=90°，∠DCH=∠BCA，
∴△CDH∽△CBA，
∴DH：AB=CD：BC，
∴AN：AB=CD：BC，
∴△NAB∽△DCB，
∴∠NBA=∠DBC
∴∠NBD=90°，
∴BM=MD，
由△NAB∽△DCB得NB：AB=BD：BC
∴△NBD∽△ABC，
∴∠BNM=∠BAC，
∵∠BMD=2∠BNM
∴∠BMD=2（90°-α）=180°-2α．
点评：
本题考点： 旋转的性质；三角形内角和定理；等边三角形的判定；直角三角形斜边上的中线；轴对称的性质．
考点点评： 此题是一道集剪接、平移、旋转为一体的直线形操作探究题，学生可以用自己身边的直观模型（将一矩形纸片剪开，得到两个全等的直角三角形纸片），按照第（1）问中的操作要求实际进行操作演示，在操作、观察、度量的基础上再进行论证，较好地体现了从感性认识到理性认识的思维过程．第（2）问运用直线形的有关知识不难得出结论．第（3）问必须在第（1）、（2）问的基础上再进行观察、猜想、归纳、总结出一般规律．此题既考查了直线形的有关知识，又考查了学生操作、观察、验证、推理的能力，不愧是一道独具匠心的试题．它给我们的启示是：在平时教学中要多给学生提供从事数学活动的机会，积极引导学生参与实践操作活动，培养他们的积极动手、乐于探究的意识．