已知Sn为数列{an}的前n项和,且有a1=1,Sn+1=an+1(n∈N*).

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  • 解题思路:(Ⅰ) 当n=1时,求出a2=2,当n≥2时,求得an+1=2an,由此推导出{an}是首项为1,公比为2的等比数列,从而能求出

    a

    n

    2

    n−1

    (Ⅱ) 由

    b

    n

    n

    4

    a

    n

    n

    4•

    2

    n−1

    =[n

    2

    n+1

    ,利用错位相减法能求出数列{bn}的前n项和Tn

    (Ⅲ)由

    k+2

    S

    k

    •(

    T

    n

    +k+1)

    =2(

    1

    2

    k

    −1

    1

    2

    k+1

    −1

    ),能求出

    n/

    k=1

    k+2

    S

    k

    •(

    T

    k

    +k+1)]=2(1-

    1

    2

    n+1

    −1

    )<2,由此推导出存在最小正整数m=2,使不等式

    n

    k=1

    k+2

    S

    k

    •(

    T

    k

    +k+1)

    <m

    对任意正整数n恒成立.

    (Ⅰ) 当n=1时,a2=S1+1=a1+1=2,…(1分)

    当n≥2时,Sn+1=an+1,Sn-1+1=an

    两式相减得an+1=2an,…(2分)

    又a2=2a1,∴{an}是首项为1,公比为2的等比数列,

    ∴an=2n−1.…(4分)

    (Ⅱ) 由(Ⅰ) 知an=2n−1,

    bn=

    n

    4an=

    n

    4•2n−1=[n

    2n+1,

    ∴Tn=

    1

    22+

    2

    23+

    3

    24+…+

    n

    2n+1,

    1/2Tn=

    1

    23+

    2

    24+…+

    n−1

    2n+1+

    n

    2n+2],

    两式相减得[1/2Tn=

    1

    22+

    1

    23+

    1

    24+…+

    1

    2n+1−

    n

    2n+2]

    =

    1

    22(1−

    1

    2n)

    1−

    1

    2−

    n

    2n+2

    =

    点评:

    本题考点: 数列与不等式的综合.

    考点点评: 本题考查数列的通项公式的求法,考查数列的前n项和的求法,考查满足条件的实数是否存在的判断与求法,解题时要认真审题,注意裂项求和法的合理运用.

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