解题思路：（1）小物块从C处运动到D点的过程中，只有重力做功，机械能守恒．根据机械能守恒，得出小物块滑到D点时的速度大小v．
（2）先求滑块与木板的摩擦力和木板与地面的摩擦力，判断出木板不动，应用运动学知识求解．
（3）滑块在周期性变化的电场中做匀变速直线运动，根据运动学知识求每个运动过程的加速度，速度，位移，最后加和．
（1）从C到D，物体机械能守恒：mgr=[1/2mV2
解得：V=
2gr]=6m/s
由向心力公式知：N-mg-qVB=
mV2
r
解得：N=30.6N，方向竖直向上，
由牛顿第三定律知对轨道的压力为30.6N，方向竖直向下
（2）A与B间的摩擦力：f1=μ1（mg-qE）=2N
B与水平面间的摩擦力：f2=μ2（mg+Mg-qE）=3.2N
f1＜f2，所以木板不动：a=
f1
m＝2m/S2
滑块静止用时：t=
V
a＝3s，电场方向恰好未改变，
滑行距离：S=
V2
2a＝9m＜L，未从木板滑落
所以A静止时离D的距离为9m
（3）从2S到3S过程中，滑块加速度：a=2m/s2，
3S时滑块速度：V1=V-at1=4m/s
此过程中滑块的位移：S1＝
1
2(V+V1)t1＝5m
此后电场反向：f1′=μ1（mg+qE）=8N
f2′=μ2（Mg+mg+qE）=5.6N
所以木板加速运动，此时AB的加速度分别为：a1＝
f1′
m＝8m/S2
a2＝
f1′−f2′
M＝2m/S2
速度相等用时t2：V1-a1t2=a2t2
解得：t2=0.4S
共同速度：v2=a2t2=0.8m/s
此过程中位移：S2＝
1
2(V1+V2)t2＝0.96m
此后电场强度为零，二者共同减速运动：a′＝
μ2(Mg+mg)
M+m＝2m/S2
到静止用时：t3＝
V2
a′＝0.4S
此过程位移：S3＝
V22
2a′＝0.16m
所以整个过程的位移：S=S1+S2+S3=6.12m
答：（1）滑块A滑至圆弧轨道最低点时的速度大小6m/s
此时滑块A对轨道的压力30.6N，方向竖直向上．
（2）若滑块A在t=0时进入电场区域，滑块A最终静止时离D点的距离9m．
（3）若滑块A在t=2s时进入电场区域，滑块A最终静止时离D点的距离6.12m．
点评：
本题考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动．
考点点评： 该题是一道综合题，综合运用了机械能守恒定律、牛顿第二定律以及牛顿第三定律，解决本题的关键熟练这些定理、定律的运用．