解题思路:(1)根据电能表的参数可知,每消耗1KW•h指示灯闪烁3200imp,据此求出此时电水壶消耗的电能,再利用P=[W/t]求出电水壶烧水时的实际功率;
(2)根据Q=cm△t求出水吸收的热量,根据效率公式求出电水壶加热的效率.
(3)根据得出的数据进行比较,从工作电压的角度分析原因.
(1)电水壶装满水时的质量:
m=ρV=1.0×103kg/m3×1.8×10-3m3=1.8kg;
电水壶消耗的电能为:
W=[80/3200]×3.6×106J=9×104J,
电水壶烧水时的实际功率:
P实=[W/t]=
9×104J
50s=1800W.
答:电水壶烧水时的实际功率是1800W.
(2)水吸收的热量:
Q吸=c水m△t=4.2×103J/(kg•℃)×1.8kg×(35℃-25℃)=7.56×104J,
电水壶加热的效率:
η=
Q吸
W×100%=
7.56×104J
9×104J×100%=84%.
答:电水壶加热的效率为84%.
(3)由信息数据可知电水壶的额定功率为2000W,而通过计算可知实际功率为1800W,原因可能是实际电压小于额定电压.
答:原因可能是实际电压小于额定电压.
点评:
本题考点: 电功率的计算;能量利用效率;额定功率;实际功率.
考点点评: 此题考查密度公式的应用,电功率的计算,热量的计算等知识点,涉及到的知识点较多,综合性强,难易程度适中.本题是一道电学与热学的综合应用题,与生活相连,使学生觉得学了物理有用,注意计算时的单位变换要正确.