BD
分析：（1）图乙为速度-时间图象，斜率表示加速度，根据图象分析线框的运动情况：在0～t 0时间内速度在减小，加速度也在减小，对应甲图中的进入磁场的过程，在t 0～3t 0时间内做匀加速直线运动，对应甲图中的完全在磁场中运动过程．
（2）当通过闭合回路的磁通量发生变化时，闭合回路中产生感应电流，所以只有在进入和离开磁场的过程中才有感应电流产生，根据安培定则可知，在此过程中才受到安培力．
（3）从1位置到2位置的过程中，外力做的功可以根据动能定理去求解．t因为t=0时刻和t=3t 0时刻线框的速度相等，进入磁场和穿出磁场的过程中受力情况相同，故在位置3时的速度与t 0时刻的速度相等，进入磁场克服安培力做的功和离开磁场克服安培力做的功一样多．
A．t=0时，线框右侧边MN的两端电压为外电压，总的感应电动势为：E=Bav 0，外电压U 外=
E=
Bav 0，故A错误；
B．根据图象可知在t 0～3t 0时间内，线框做匀加速直线运动，合力等于F，则在t 0时刻线框的速度为v=v 0-a?2t 0=v 0-
．故B正确．
C．线框离开磁场的过程，做减速运动，位置3速度不一定比t 0时刻线框的速度大，故C错误．
D．因为t=0时刻和t=3t 0时刻线框的速度相等，进入磁场和穿出磁场的过程中受力情况相同，故在位置3时的速度与t 0时刻的速度相等，进入磁场克服安培力做的功和离开磁场克服安培力做的功一样多．线框在位置1和位置3时的速度相等，根据动能定理，外力做的功等于克服安培力做的功，即有Fb=Q，所以线框穿过磁场的整个过程中，产生的电热为2Fb，故D正确．
故选BD．