解题思路：
（1）因为四边形OABC是矩形，点A，C的坐标分别为（6，0），（0，2），即可求出点B的坐标，把A、B、C的坐标代入解析式求出b，即可求出答案；
（2）首先证明四边形DMEN是平行四边形，再证明邻边ND=NE即可；
（3）过DH⊥OE于H，根据一次函数的解析式求出OQ、OE，求出DH、HE，设ME=x，根据勾股定理求出x即可．
（1）∵矩形OABC中，点A，C的坐标分别为（6，0），（0，2），
∴点B的坐标为（6，2）．
若直线y＝−
1
2x+b经过点C（0，2），则b=2；
若直线y＝−
1
2x+b经过点A（6，0），则b=3；
若直线y＝−
1
2x+b经过点B（6，2），则b=5．
①当点E在线段OA上时，即2＜b≤3时，（如图）
∵点E在直线y＝−
1
2x+b上，
当y=0时，x=2b，
∴点E的坐标为（2b，0）．
∴S=
1
2•2b•2＝2b．
②当点E在线段BA上时，即3＜b＜5时，（如图）
∵点D，E在直线y＝−
1
2x+b上
当y=2时，x=2b-4；
当x=6时，y=b-3，
∴点D的坐标为（2b-4，2），点E的坐标为（6，b-3）．
∴S=S矩形OABC-S△COD-S△OAE-S△DBE=6×2−
1
2(2b−4)•2−
1
2(b−3)•6−
1
2[6−(2b−4)][2−(b−3)]=-b2+5b．
综上可得：S＝
2b(2＜b≤3)
−b2+5b(3＜b＜5).]
（2）证明：如图．
∵四边形OABC和四边形O′A′B′C′是矩形
∴CB∥OA，C′B′∥O′A′，
即DN∥ME，DM∥NE．
∴四边形DMEN是平行四边形，且∠NDE=∠DEM．
∵矩形OABC关于直线DE对称的图形为四边形O′A′B′C′
∴∠DEM=∠DEN．
∴∠NDE=∠DEN．
∴ND=NE．
∴四边形DMEN是菱形．
（3）y=-[1/2]x+b
当x=0时，y=b，
当y=0时，x=2b，
∴OQ=b，OE=2b
过DH⊥OE于H，
∴DH=2，
∵∠QOE=90°，DH⊥OA，
∴DH∥OQ，
∴△DHE∽△QOE，
∴[QO/DH]=[OE/HE]，
即[b/DH]=[2b/HE]，
∴HE=2DH=4，
设DM=ME=x，
在△DHM中，由勾股定理得：22+（4-x）2=x2，
解得：x=2.5，
故答案为：2.5．
点评：
本题考点： 一次函数综合题；待定系数法求一次函数解析式；平行线的性质；三角形的面积；角平分线的性质；等腰三角形的性质；勾股定理；平行四边形的判定；菱形的判定．
考点点评： 本题考查了待定系数法求直线的解析式，平行线的性质、菱形的判定，平行四边形的判定，角平分线性质，勾股定理以及分类讨论思想的运用．综合运用这些性质进行推理和计算是解此题的关键．